Die Regel von L'Hopital erlaubt es uns, ein Grenzwertproblem durch ein anderes zu ersetzen, das möglicherweise einfacher zu lösen ist. Mehrere Beispiele werden zusammen mit ihren Lösungen und detaillierten Erklärungen vorgestellt.
Wenn \( \lim_{{x \to a}} f(x) = 0 \) und \( \lim_{{x \to a}} g(x) = 0 \) und wenn \( \lim_{{x \to a}} \dfrac{{f'(x)}}{{g'(x)}} \) einen endlichen Wert \( L \) hat oder von der Form \( +\infty \) oder \( -\infty \) ist, dann gilt
\[
\lim \dfrac{f(x)}{g(x)} = \lim \dfrac{f'(x)}{g'(x)}
\]
wobei \( \lim \) für \( \lim_{{x \to a}}, \lim_{{x \to a^+}}, \lim_{{x \to a^-}}, \lim_{{x \to +\infty}}, \) oder \( \lim_{{x \to -\infty}} \) steht.
\( f'(x) \) und \( g'(x) \) sind die Ableitungen von \( f(x) \) bzw. \( g(x) \).
Finden Sie den Grenzwert \( \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{\sin x}}{{x}} \).
Da \[ \lim_{{x \to 0}} \sin x = 0 \] und \[ \lim_{{x \to 0}} x = 0 \] kann die Regel von L'Hopital verwendet werden, um den obigen Grenzwert wie folgt zu berechnen \[ \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{\sin x}}{{x}} = \lim_{{x \to 0}} \dfrac{\dfrac{{d(\sin x)}}{{dx}}} {\dfrac{{d(x)}}{{dx}} } \] \[ = \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{\cos x}}{{1}} = \dfrac{{\cos 0}}{{1}} = 1 \]
Finden Sie den Grenzwert \( \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{e^x - 1}}{{x}} \).
Beachten Sie, dass \[ \lim_{{x \to 0}} (e^x - 1) = 0 \] und \[ \lim_{{x \to 0}} x = 0 \] Wir können die Regel von L'Hopital anwenden, um den gegebenen Grenzwert zu berechnen: \[ \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{e^x - 1}}{{x}} = \lim_{{x \to 0}} \dfrac{\dfrac{{d(e^x - 1)}}{{dx}}} { \dfrac{{d(x)}}{{dx}}} \] \[ = \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{e^x}}{{1}} = \dfrac{{e^0}}{{1}} = 1 \]
Finden Sie den Grenzwert \( \lim_{{x \to 1}} \dfrac{{x^2 - 1}}{{x - 1}} \).
Da der Grenzwert des Zählers \[ \lim_{{x \to 1}} (x^2 - 1) = 0 \] und der des Nenners \[ \lim_{{x \to 1}} (x - 1) = 0 \] beide gleich Null sind, können wir die Regel von L'Hopital zur Berechnung des Grenzwerts anwenden: \[ \lim_{{x \to 1}} \dfrac{{x^2 - 1}}{{x - 1}} = \lim_{{x \to 1}} \dfrac{\dfrac{{d(x^2 - 1)}}{{dx}}}{ \dfrac{{d(x - 1)}}{{dx}}} \] \[ = \lim_{{x \to 1}} \dfrac{{2x}}{{1}} = \dfrac{{2(1)}}{{1}} = 2 \] Beachten Sie, dass derselbe Grenzwert auch durch vorheriges Faktorisieren berechnet werden kann: \[ \lim_{{x \to 1}} \dfrac{{x^2 - 1}}{{x - 1}} = \lim_{{x \to 1}} \dfrac{{(x - 1)(x + 1)}}{{x - 1}} \] \[ = \lim_{{x\to 1}} (x + 1) = 2 \]
Finden Sie den Grenzwert \( \lim_{{x \to 2}} \dfrac{{\ln(x - 1)}}{{x - 2}} \).
Grenzwert des Zählers \[ \lim_{{x \to 2}} \ln(x - 1) = 0 \] Grenzwert des Nenners \[ \lim_{{x \to 2}} (x - 2) = 0 \] Beide Grenzwerte sind gleich Null, daher kann die Regel von L'Hopital angewendet werden: \[ \lim_{{x \to 2}} \dfrac{{\ln(x - 1)}}{{x - 2}} = \lim_{{x \to 2}} \dfrac{\dfrac{{d(\ln(x - 1))}}{{dx}}} { \dfrac{{d(x - 2)}}{{dx}} } \] \[ = \lim_{{x \to 2}} \dfrac{{1/(x-1)}}{{1}} = \dfrac{{1/(2 -1)}}{{1}} = 1 \]
Finden Sie den Grenzwert \( \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{1 - \cos x}}{{6x^2}} \).
Grenzwert von Zähler und Nenner \[ \lim_{{x \to 0}} (1 - \cos x) = 0 \] \[ \lim_{{x \to 0}} 6x^2 = 0 \] Die Regel von L'Hopital kann angewendet werden: \[ \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{1 - \cos x}}{{6x^2}} = \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{\sin x}}{{12x}} \] Der neue Grenzwert ist ebenfalls unbestimmt \( \dfrac{0}{0} \), und wir können die Regel von L'Hopital ein zweites Mal anwenden: \[ = \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{\cos x}}{{12}} = \dfrac{{\cos 0}}{{12}} = \dfrac{1}{12} \]
Finden Sie die Grenzwerte.
1. \( \quad \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{\sin 4x}}{{\sin 2x}} \)
2. \( \quad \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{\tan x}}{{x}} \)
3. \( \quad \lim_{{x \to 1}} \dfrac{{\ln x}}{{3x - 3}} \)
4. \( \quad \lim_{{x \to 0}} \dfrac{{e^x - 1}}{{\sin 2x}} \)
1. \( \quad 2 \)
2. \( \quad 1 \)
3. \( \quad \dfrac{1}{3} \)
4. \( \quad \dfrac{1}{2} \)